به محفل ریاضی ایرانیان خوش آمدید! لطفا برای استفاده از تمامی امکانات عضو شوید
سایت پرسش و پاسخ ریاضی
Visanil
+2 امتیاز
1,383 بازدید
در دانشگاه توسط b_m (53 امتیاز)
نمایش از نو توسط fardina

1) فرض کنیدR حلقه ای باشد شامل میدان k و فرض کنید I_{1},..., I_{n} ایده ال هایی از R باشند.

اگر ( f_{1},..., f_{n}) \subset I_{i} نباشد به ازای هر i=1,...,s بنابراین یک چندجمله ای همگن ناصفر

g( t_{1},..., t_{n}) \in k[t_{1},..., t_{n} ] با این ویژگی وجود دارد که \sum a_{i} f_{i} \in \bigcup_j I_{j} نیست، برای همه

( a_{1},..., a_{n}) \in k^{n} به طوریکه g(a_{1},..., a_{n}) \neq 0 .

در حالت خاص،اگر k نامتناهی باشد بنابراین یک عضو (a_{2},..., a_{n}) \in k^{n-1} وجود دارد به طوریکه

f_{1}+ \sum_2^n a_{i} f_{i} \in \bigcup_j I_{j} نیست.

2)فرض کنید Rیک حلقه باشد و فرض کنید I_{1},..., I_{n} ایده ال های اولی از R باشند. اگر f \in R و J \rhd R باشد به طوریکه برای i=1,...,n, f+J \subset I_{i} نباشد بنابراین یک g \in J وجود دارد

با این ویژگی که f+g \in \bigcup_j I_{j} نیست.

در حالت خاص، اگر ( f_{1},..., f_{s}) \subset I_{i} نباشد برای i=1,...,n بنابراین یک عضو

( a_{2},..., a_{n} ) \in R^{n-1} وجود دارد به طوریکه f_{1}+ \sum_2^n a_{i} f_{i} \in \bigcup_j I_{j} نیست.

توسط b_m (53 امتیاز)
+1
erfanm@ قسمت دوم سوال مدنظرم بود بخاطر همین قسمت اول سوال رو نذاشتم عذر میخوام.فکر کنم این سوال صورت دیگری برای قضیه اجتناب از ایده ال های اول است
توسط erfanm (13,871 امتیاز)
ممنون بابت ویرایش
توسط b_m (53 امتیاز)
+1
erfanm@ وظیفه بود در قبال صبر و شکیبایی که جنابعالی صرف پاسخگویی به سوال بنده میفرمایید ناچیز است
توسط b_m (53 امتیاز)
ویرایش شده توسط b_m
+1
erfanm@ با سلام جناب منوچهری اگر امکانش هست مختصری در مورد قسمت دوم این سوال توضیح بفرمایید البته اگر در حیطه ی معلومات و اطلاعات جنابعالی هست.با تشکر
توسط fardina (17,412 امتیاز)
نمایش از نو توسط fardina
سلام
سوالی که پاسخ داده شده رو نمیتونید پنهان کنید. قانون سایته.

1 پاسخ

+1 امتیاز
توسط erfanm (13,871 امتیاز)
ویرایش شده توسط erfanm

برای قسمت دوم کافیه قرار دهیمI=f+J لذا ایده آل I در قضیه اجتناب از ایده ال اول صدق می کند پس عضوی از آن وجود دارد که در \bigcup_j I_{j} نیست و این عضو طبق تعریف I بصورتf+g است.

برای قسمت بخصوص کافیه قرار دهیم J= (f_{2},f_{3},...,f_{n}) آنگاه f_{1} +J=(f_{1},f_{2},...,f_{n}) \nsubseteq I_{i}

و طبق آنچه گفته شد g \in J موجود است که f_{1}+g \notin \bigcup_j I_{j} اما g \in J=(f_{2},f_{3},...,f_{n}) لذا عناصر a_{i} \in R موجودند که g= \sum_2^n a_{i} f_{i} یعنی f_{1}+ \sum_2^n a_{i} f_{i} \notin \bigcup_j I_{j}

توسط b_m (53 امتیاز)
erfanm@ ممنون از توضیحتون.فقط در اثبات حالت خاص آنجا که آورده اید طبق آنچه گفته شد در همان خط f+g درسته یا f1+g ؟
توسط erfanm (13,871 امتیاز)
سلام
ممنون اصلاح شد.
...